如何解决警告:mysql_select_db:提供的参数不是有效的MySQL-Link资源
|| 这是我不断出错的代码。相同的包含文件在其他页面上也可以使用,但我在此页面上只会遇到问题。这是错误 警告:MysqL_select_db():在第18行的/var/www/html/spywgc/adm/ctshell/getproduct/getproduct.PHP中,提供的参数不是有效的MysqL-Link资源 这是实际的代码:<?PHP require_once(\'../../../Connections/spyware_adm.PHP\'); ?>
<?PHP require_once(\'../../../includes/lib_gen.PHP\'); ?>
<?PHP
//function for returing status of website
function Visit($url)
{
echo $url;
MysqL_select_db($database_spyware,$spyware) || die(MysqL_error());
$select_url= \"select product_id from sp_url where url like \'%{$url}%\'\";
echo $select_url;
$run_url= MysqL_query($select_url,$spyware);
$result_descr = MysqL_fetch_assoc($run_url);
echo $result_descr;
return $result_descr;
}
?>
解决方法
“ 1”期望第二个参数是资源标识符=您的连接。问题是,您正在将此功能作为函数运行,在该函数内部未建立连接。您必须以如下方式启动您的功能:
function Visit($url)
{
$spyware = mysql_connect(); // set this to connect properly
echo $url;
mysql_select_db($database_spyware,$spyware) || die(mysql_error());
// the rest of your function goes on ...
,我假设这两个变量$spyware
和$database_spyware
是null
,因为它们是在函数作用域之外定义的(如果有的话),而不是声明为全局的。尝试添加
global $database_spyware,$spyware
在函数Visit(..)的开头。
,您是否检查了初始数据库连接调用是否成功?像大多数mysql函数一样,失败时返回false。同样,您还没有检查查询是否成功。最有可能失败并返回FALSE,然后您将其传递给fetch调用:
$database_spyware = mysql_connect(...);
if ($database_spyware === FALSE) {
die(\"Connection failed: \" . mysql_error());
}
... etc ...
$run_query = mysql_query(...);
if ($run_query === FALSE) {
die(\"Query failed: \" . mysql_error());
}
应该是可接受的最低限度的错误处理。
版权声明:本文内容由互联网用户自发贡献,该文观点与技术仅代表作者本人。本站仅提供信息存储空间服务,不拥有所有权,不承担相关法律责任。如发现本站有涉嫌侵权/违法违规的内容, 请发送邮件至 dio@foxmail.com 举报,一经查实,本站将立刻删除。