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警告:mysql_select_db:提供的参数不是有效的MySQL-Link资源

如何解决警告:mysql_select_db:提供的参数不是有效的MySQL-Link资源

|| 这是我不断出错的代码。相同的包含文件在其他页面上也可以使用,但我在此页面上只会遇到问题。这是错误 警告:MysqL_select_db():在第18行的/var/www/html/spywgc/adm/ctshell/getproduct/getproduct.PHP中,提供的参数不是有效的MysqL-Link资源 这是实际的代码
<?PHP require_once(\'../../../Connections/spyware_adm.PHP\'); ?>
<?PHP require_once(\'../../../includes/lib_gen.PHP\'); ?>

<?PHP
//function for returing status of website
function Visit($url)
{
    echo $url;
    MysqL_select_db($database_spyware,$spyware) || die(MysqL_error());
    $select_url= \"select product_id from sp_url where url like \'%{$url}%\'\";
    echo $select_url;
    $run_url= MysqL_query($select_url,$spyware);
    $result_descr = MysqL_fetch_assoc($run_url);
    echo $result_descr;
    return $result_descr;

}
?>
    

解决方法

“ 1”期望第二个参数是资源标识符=您的连接。问题是,您正在将此功能作为函数运行,在该函数内部未建立连接。您必须以如下方式启动您的功能:
function Visit($url)
{
    $spyware = mysql_connect(); // set this to connect properly
    echo $url;
    mysql_select_db($database_spyware,$spyware) || die(mysql_error());
    // the rest of your function goes on ...
    ,我假设这两个变量
$spyware
$database_spyware
null
,因为它们是在函数作用域之外定义的(如果有的话),而不是声明为全局的。尝试添加
global $database_spyware,$spyware
在函数Visit(..)的开头。     ,您是否检查了初始数据库连接调用是否成功?像大多数mysql函数一样,失败时返回false。同样,您还没有检查查询是否成功。最有可能失败并返回FALSE,然后您将其传递给fetch调用:
$database_spyware = mysql_connect(...);
if ($database_spyware === FALSE) {
   die(\"Connection failed: \" . mysql_error());
}

... etc ...

$run_query = mysql_query(...);

if ($run_query === FALSE) {
   die(\"Query failed: \" . mysql_error());
}
应该是可接受的最低限度的错误处理。     

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